一个人的旅行（HDOJ 2066）
Problem Description
虽然草儿是个路痴（就是在杭电待了一年多，居然还会在校园里迷路的人，汗~),但是草儿仍然很喜欢旅行，因为在旅途中 会遇见很多人（白马王子，^0^），很多事，还能丰富自己的阅历，还可以看美丽的风景……草儿想去很多地方，她想要去东京铁塔看夜景，去威尼斯看电影，去阳明山上看海芋，去纽约纯粹看雪景，去巴黎喝咖啡写信，去北京探望孟姜女……眼看寒假就快到了，这么一大段时间，可不能浪费啊，一定要给自己好好的放个假，可是也不能荒废了训练啊，所以草儿决定在要在最短的时间去一个自己想去的地方！因为草儿的家在一个小镇上，没有火车经过，所以她只能去邻近的城市坐火车（好可怜啊~）。
Input
输入数据有多组，每组的第一行是三个整数T，S和D，表示有T条路，和草儿家相邻的城市的有S个，草儿想去的地方有D个；
接着有T行，每行有三个整数a，b，time,表示a,b城市之间的车程是time小时；(1=<(a,b)<=1000;a,b 之间可能有多条路)
接着的第T+1行有S个数，表示和草儿家相连的城市；
接着的第T+2行有D个数，表示草儿想去地方。
Output
输出草儿能去某个喜欢的城市的最短时间。
Sample Input
6 2 3 1 3 5 1 4 7 2 8 12 3 8 4 4 9 12 9 10 2 1 2 8 9 10
Sample Output
9
My Code
这题关键就是增加一个起点的起点0，也就是草儿的家，草儿的家到普通起点的时间是0，这样就转换成了一个单源最短路，然后为了方便，同样增加一个终点的终点设成一个到不了的数就行了，我这里设了1005，然后只要输出0到1005的最短距离就是答案了。
这里有重边，稍微注意下。
#include
#include
#include
#define inf 0x3f3f3f3f
using namespace std;
int T, S, D;
struct edge
{
int w;
int v;
int next;
} e[1000000]; //不知道有多少边就开的大了点
int tot;
int head[1000000];
int dis[1010];
bool vis[1010];
int s[1010];
int d[1010];
void add(int u, int v, int w) //今天才知道我这个存图的方法叫链式向前星
{ //此题有重边，我这种方法可以避免重边
e[++tot].v = v; //其他存图方法记得判断重边
e[tot].w = w;
e[tot].next = head[u];
head[u] = tot;
}
void dijkstra() //堆优化的dijkstra
{
priority_queue> q;//first是到点的距离，second是点
memset(dis, 0x3f, sizeof(dis));
memset(vis,false,sizeof(vis));
dis[0] = 0;
q.push(make_pair(0, 0)); //将起点0入队，距离自然是0
while (q.size())
{
int p = q.top().second;
q.pop();
if (vis[p])
continue;
vis[p] = 1;
for (int i = head[p]; i != 0; i = e[i].next)
{
if (dis[e[i].v] > dis[p] + e[i].w)
{
dis[e[i].v] = dis[p] + e[i].w;
q.push(make_pair(-dis[e[i].v], e[i].v));
} //优先队列默认大根堆，加个负号就是小根堆了
}
}
}
int main()
{
while (cin >> T >> S >> D)
{
tot=0;
memset(head,0,sizeof(head));
for (int i = 0; i < T; i++)
{
int u, v, w;
cin >> u >> v >> w;
add(u, v, w); //无向图，都存一遍
add(v, u, w);
}
for (int i = 0; i < S; i++)
{
cin >> s[i]; //创造一个起点，使其变成单源最短路
add(0, s[i], 0);
}
for (int i = 0; i < D; i++)
{
cin >> d[i]; //创造终点
add(d[i], 1005, 0);
}
dijkstra();
cout< 
OωO
